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Satélites, órbitas y leyes de Kepler

También trata: Campo y potencial gravitatorio
Extremadura · 2026 · Junio
Enunciado
Artemis II es una misión espacial de sobrevuelo lunar liderada por la NASA. Es el segundo vuelo del vehículo SLS (sistema de lanzamiento espacial) y la primera misión tripulada de la nave espacial Orión. El lanzamiento fue realizado de manera exitosa el 1 de abril de 2026 a las 22:35:00 UTC (tiempo universal coordinado) en el Centro Espacial John F. Kennedy. Al comienzo de la misión, Orión estaba en órbita circular, a 400 km de altura.

En esas condiciones, calcula:

a) (0,6 puntos) El valor de la fuerza gravitatoria que la Tierra ejerce sobre la nave.

b) (1 punto) La energía que tuvo que aportar el cohete para que la nave pudiera escapar de la gravedad terrestre y dirigirse hacia la Luna.

c) (0,9 puntos) Calcula la velocidad orbital de la nave Orión, en km/s.

Datos: G=6,67⋅10−11 N m2/kg2G = 6{,}67\cdot 10^{-11}\ \text{N}\,\text{m}^2/\text{kg}^2; Masa de la Tierra: MT=5,97⋅1024 kgM_T = 5{,}97\cdot 10^{24}\ \text{kg}; Radio de la Tierra: RT=6,37⋅106 mR_T = 6{,}37\cdot 10^{6}\ \text{m}; Masa de la nave Orión: m=2,6⋅104 kgm = 2{,}6\cdot 10^{4}\ \text{kg}.
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Resultado
  F=2,26⋅105 N  \boxed{\;F = 2{,}26\cdot 10^{5}\ \text{N}\;}  ΔE=G MT m2r=7,65⋅1011 J  \boxed{\;\Delta E = \frac{G\,M_T\,m}{2r} = 7{,}65\cdot 10^{11}\ \text{J}\;}  v=7,67 km/s  \boxed{\;v = 7{,}67\ \text{km/s}\;}
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Estrategia

Todo depende del radio de la órbita, que se mide desde el centro de la Tierra: r=RT+hr = R_T + h. La fuerza sale de la ley de gravitación universal. Para escapar, la nave tiene que pasar de su energía mecánica en órbita, E=−GMTm/2rE = -GM_Tm/2r, a energía mecánica nula (llegar al infinito con velocidad cero): la energía que aporta el cohete es la diferencia. La velocidad orbital sale de igualar la fuerza gravitatoria a la fuerza centrípeta.
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Desarrollo

Radio de la órbita:r=RT+h=6,37⋅106+4,00⋅105=6,77⋅106 mr = R_T + h = 6{,}37\cdot 10^{6} + 4{,}00\cdot 10^{5} = 6{,}77\cdot 10^{6}\ \text{m}a) Ley de gravitación universal:F=G MT mr2=6,67⋅10−11⋅5,97⋅1024⋅2,6⋅104(6,77⋅106)2=2,26⋅105 NF = \frac{G\,M_T\,m}{r^2} = \frac{6{,}67\cdot 10^{-11}\cdot 5{,}97\cdot 10^{24}\cdot 2{,}6\cdot 10^{4}}{(6{,}77\cdot 10^{6})^2} = 2{,}26\cdot 10^{5}\ \text{N}Es una fuerza atractiva, dirigida desde la nave hacia el centro de la Tierra. Equivale a un peso con g=F/m=8,69 m/s2g = F/m = 8{,}69\ \text{m/s}^2: a 400 km la gravedad apenas ha bajado un 11 % respecto a la superficie.

b) En la órbita circular v2=GMT/rv^2 = G M_T/r (se deduce en el apartado c), así que la energía cinética, 12mv2=GMTm2r\frac{1}{2}mv^2 = \frac{G M_T m}{2r}, es la mitad del valor absoluto de la potencial, y la energía mecánica esEoˊrbita=Ec+Ep=12G MT mr−G MT mr=−G MT m2rE_{\text{órbita}} = E_c + E_p = \frac{1}{2}\frac{G\,M_T\,m}{r} - \frac{G\,M_T\,m}{r} = -\frac{G\,M_T\,m}{2r}Eoˊrbita=−6,67⋅10−11⋅5,97⋅1024⋅2,6⋅1042⋅6,77⋅106=−7,65⋅1011 JE_{\text{órbita}} = -\frac{6{,}67\cdot 10^{-11}\cdot 5{,}97\cdot 10^{24}\cdot 2{,}6\cdot 10^{4}}{2\cdot 6{,}77\cdot 10^{6}} = -7{,}65\cdot 10^{11}\ \text{J}Escapar de la gravedad terrestre significa llegar al infinito (donde Ep=0E_p = 0) con velocidad nula como mínimo, es decir, con energía mecánica Efinal=0E_{\text{final}} = 0. La energía mínima que debe aportar el cohete desde la órbita es:ΔE=Efinal−Eoˊrbita=0−(−7,65⋅1011)=7,65⋅1011 J\Delta E = E_{\text{final}} - E_{\text{órbita}} = 0 - \left(-7{,}65\cdot 10^{11}\right) = 7{,}65\cdot 10^{11}\ \text{J}Es la energía de escape desde la órbita. (Si se entendiera desde la superficie de la Tierra, en reposo y sin contar su rotación, haría falta GMTm/RT=1,63⋅1012 JG M_T m/R_T = 1{,}63\cdot 10^{12}\ \text{J}; pero el enunciado dice «en esas condiciones», con la nave ya en órbita.)

c) En la órbita circular, la fuerza gravitatoria es la fuerza centrípeta:G MT mr2=m v2r⟹v=G MTr\frac{G\,M_T\,m}{r^2} = \frac{m\,v^2}{r}\quad\Longrightarrow\quad v = \sqrt{\frac{G\,M_T}{r}}v=6,67⋅10−11⋅5,97⋅10246,77⋅106=7,67⋅103 m/s=7,67 km/sv = \sqrt{\frac{6{,}67\cdot 10^{-11}\cdot 5{,}97\cdot 10^{24}}{6{,}77\cdot 10^{6}}} = 7{,}67\cdot 10^{3}\ \text{m/s} = 7{,}67\ \text{km/s}No depende de la masa de la nave. Con esa velocidad, Orión da una vuelta a la Tierra en unos 92 minutos.
Simulación interactivaVisualiza este problema en una simulación (se abre en una nueva pestaña)
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Consejo

El error más caro de este problema es usar la altura (400 km) en lugar del radio de la órbita. En la gravitación todas las distancias se miden desde el centro de la Tierra: r=RT+hr = R_T + h.

«Escapar» es llegar al infinito con velocidad nula como mínimo, es decir, que la energía mecánica pase a ser cero. Desde una órbita circular, lo que falta es justo GMm/2rGMm/2r, igual a la energía cinética que ya tiene la nave.
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