QuímicaMedio1,25 pts

Electrólisis y leyes de Faraday

También trata: Pilas galvánicas y potenciales
Cataluña · 2026 · Septiembre
Enunciado
El uso de fertilizantes químicos es una práctica habitual en la agricultura moderna para aumentar el rendimiento de los cultivos. Uno de los más utilizados es el nitrato de amonio (NH4NO3\text{NH}_4\text{NO}_3), que aporta nitrógeno en dos formas que las plantas pueden asimilar: el ion amonio (NH4+\text{NH}_4^{+}) y el ion nitrato (NO3−\text{NO}_3^{-}). Este compuesto es muy soluble en agua y, al disolverse, puede modificar el pH del suelo y, por tanto, afectar a la disponibilidad de los nutrientes minerales.

Cuando se disuelve en agua, el nitrato de amonio se disocia completamente:NH4NO3(s)→NH4+(aq)+NO3−(aq)\text{NH}_4\text{NO}_3(\text{s}) \rightarrow \text{NH}_4^{+}(\text{aq}) + \text{NO}_3^{-}(\text{aq})Y el ion amonio formado se comporta como un ácido débil según el equilibrio siguiente:NH4+(aq)+H2O(l)⇌NH3(aq)+H3O+(aq)Ka=5,62×10−10 a 25 ∘C\text{NH}_4^{+}(\text{aq}) + \text{H}_2\text{O}(\text{l}) \rightleftharpoons \text{NH}_3(\text{aq}) + \text{H}_3\text{O}^{+}(\text{aq}) \qquad K_a = 5{,}62\times 10^{-10}\ \text{a}\ 25\ ^\circ\text{C}En los suelos agrícolas, el pH influye fuertemente en la disponibilidad de los nutrientes. Con valores de pH bajos, los iones Fe2+\text{Fe}^{2+} y Mn2+\text{Mn}^{2+} se vuelven más solubles, pero el fósforo (en forma de PO43−\text{PO}_4^{3-}) queda retenido y se vuelve menos accesible para las plantas. Por otro lado, con valores de pH altos pasa lo contrario: el hierro se vuelve insoluble y menos accesible para las plantas, mientras que el fósforo se encuentra más disponible.

4.3. (1,25 puntos) Los microorganismos que se encuentran en la tierra también pueden oxidar la materia orgánica que los rodea, y este fenómeno se puede utilizar para generar electricidad en las llamadas biopilas (o microbial fuel cells). Tal como se muestra en la figura, en una biopila sencilla las bacterias del compartimento del ánodo descomponen compuestos orgánicos presentes en el suelo y liberan electrones y protones. Los electrones se dirigen hacia el cátodo a través de un circuito externo, y generan corriente eléctrica, mientras que los protones atraviesan una membrana hasta el cátodo, donde reaccionan con el oxígeno y forman agua.
Esquema de una biopila: un recipiente con agua dividido en dos compartimentos por una membrana; a la izquierda, el electrodo negativo (ánodo) junto a una bacteria que libera protones; a la derecha, el electrodo positivo (cátodo) y una molécula de O2; una flecha va de la bacteria hacia el O2
Esquema de una biopila: un recipiente con agua dividido en dos compartimentos por una membrana; a la izquierda, el electrodo negativo (ánodo) junto a una bacteria que libera protones; a la derecha, el electrodo positivo (cátodo) y una molécula de O2; una flecha va de la bacteria hacia el O2
En la figura: «bacteria», «Ánodo» y «Cátodo».

Escriba la semirreacción que tiene lugar en el cátodo de una biopila.

Si en una biopila se obtienen 0,25 A0{,}25\ \text{A} de corriente de manera constante, calcule cuántos gramos de oxígeno se consumen en el cátodo en 1 h1\ \text{h} de funcionamiento.

Datos: Números atómicos: Z(H)=1Z(\text{H}) = 1; Z(C)=6Z(\text{C}) = 6; Z(O)=8Z(\text{O}) = 8.
Masas atómicas relativas: H=1,0\text{H} = 1{,}0; N=14,0\text{N} = 14{,}0; O=16,0\text{O} = 16{,}0.
Constante de ionización del agua a 25 ∘C25\ ^\circ\text{C}: Kw=1,0×10−14K_w = 1{,}0\times 10^{-14}.
Constante de Faraday: F=96 500 C mol−1F = 96\,500\ \text{C mol}^{-1}.
1 A=1 C s−11\ \text{A} = 1\ \text{C s}^{-1}.
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Resultado
  O2(aq)+4 H+(aq)+4 e−→2 H2O(l)    m(O2)=0,0746 g  \boxed{\;\text{O}_2(\text{aq}) + 4\,\text{H}^{+}(\text{aq}) + 4\,e^- \rightarrow 2\,\text{H}_2\text{O}(\text{l})\;}\qquad\boxed{\;m(\text{O}_2) = 0{,}0746\ \text{g}\;}
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Solución oficial

Corrección oficial de la PAU de Cataluña (Generalitat de Catalunya), traducida del catalán. Las puntuaciones de cada paso son las de la pauta de corrección.
Semirreacción que tiene lugar en el cátodo de las biopilas

0,15 p. En el cátodo de una pila electroquímica se produce la semirreacción de reducción.

0,35 p. En este caso concreto, el enunciado del ejercicio dice que en el cátodo reaccionan los protones con oxígeno y electrones para producir agua, por lo que la semirreacción de reducción tiene que ser:O2(aq)+4 H+(aq)+4 e−→2 H2O(l)\text{O}_2(\text{aq}) + 4\,\text{H}^{+}(\text{aq}) + 4\,e^- \rightarrow 2\,\text{H}_2\text{O}(\text{l})Cálculo de los gramos de oxígeno consumidos

Corriente aplicada (I)=0,25 A=0,25 C s−1(I) = 0{,}25\ \text{A} = 0{,}25\ \text{C s}^{-1}

Tiempo de aplicación de la corriente (t)=1 h=3600 s(t) = 1\ \text{h} = 3600\ \text{s}

Masa molecular del oxígeno (O2\text{O}_2) =2⋅16=32 g mol−1= 2\cdot 16 = 32\ \text{g mol}^{-1}

Aplicando la ley de Faraday:

0,30 p.Moles de electrones suministrados al caˊtodo=3600 s⋅(0,25 C s−1)⋅1 mol de e−96 500 C=9,326⋅10−3 moles de electrones\text{Moles de electrones suministrados al cátodo} = 3600\ \text{s}\cdot(0{,}25\ \text{C s}^{-1})\cdot\frac{1\ \text{mol de } e^-}{96\,500\ \text{C}} = 9{,}326\cdot 10^{-3}\ \text{moles de electrones}0,30 p.Moles de oxıˊgeno consumidos=(9,326⋅10−3 moles e−)⋅1 mol O24 moles e−=2,332⋅10−3 moles de oxıˊgeno\text{Moles de oxígeno consumidos} = (9{,}326\cdot 10^{-3}\ \text{moles } e^-)\cdot\frac{1\ \text{mol O}_2}{4\ \text{moles } e^-} = 2{,}332\cdot 10^{-3}\ \text{moles de oxígeno}0,15 p. Y a partir del número de moles de O2\text{O}_2 consumidos:Masa de oxıˊgeno consumida=(2,332⋅10−3 moles de oxıˊgeno)⋅32 g O21 mol O2=0,0746 g de O2\text{Masa de oxígeno consumida} = (2{,}332\cdot 10^{-3}\ \text{moles de oxígeno})\cdot\frac{32\ \text{g O}_2}{1\ \text{mol O}_2} = 0{,}0746\ \text{g de O}_2

Corrección oficial en PDF (original en catalán)

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